咳咳 我继续
那为什么这道题可以这样解设函数f(x)=e^x-1-x-ax^2(1)若a=0,求f(x)的单调区间;(2)若当x≥0时f(x)≥0,求a的取值范围(1)a=0时,f(x...
那为什么这道题可以这样解 设函数f(x)=e^x-1-x-ax^2
(1)若a=0,求f(x)的单调区间;
(2)若当x≥0时f(x)≥0,求a的取值范围
(1)a=0时,f(x)=ex-1-x,f′(x)=ex-1.
当x∈(-∞,0)时,f'(x)<0;当x∈(0,+∞)时,f'(x)>0.
故f(x)在(-∞,0)单调减少,在(0,+∞)单调增加
(II)f′(x)=ex-1-2ax
由(I)知ex≥1+x,当且仅当x=0时等号成立.故f′(x)≥x-2ax=(1-2a)x,
从而当1-2a≥0,即a≤
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时,f′(x)≥0(x≥0)得a的取值范围为(-∞,
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(1)若a=0,求f(x)的单调区间;
(2)若当x≥0时f(x)≥0,求a的取值范围
(1)a=0时,f(x)=ex-1-x,f′(x)=ex-1.
当x∈(-∞,0)时,f'(x)<0;当x∈(0,+∞)时,f'(x)>0.
故f(x)在(-∞,0)单调减少,在(0,+∞)单调增加
(II)f′(x)=ex-1-2ax
由(I)知ex≥1+x,当且仅当x=0时等号成立.故f′(x)≥x-2ax=(1-2a)x,
从而当1-2a≥0,即a≤
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时,f′(x)≥0(x≥0)得a的取值范围为(-∞,
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第一题的命题相当于求 f(x)=ex-1-x 的单调性,a可以说是个幌子。
而第二题用f′(x)判断单调性的时候,借用了第一题的结论ex≥1+x。借用的结论与a无关,仅与 g(x)=ex-1-x 有关(为了不混淆,特意用g(x)标注)
而第二题用f′(x)判断单调性的时候,借用了第一题的结论ex≥1+x。借用的结论与a无关,仅与 g(x)=ex-1-x 有关(为了不混淆,特意用g(x)标注)
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追问
那我的那道题应该如何借用第一问的结论呢 或者说无法适用?
追答
SORRY,仔细看了后,收回那一贴的观点
先谈“由(1)问得e^x(x+1)>=x+1”。其实这个结论跟第一小题无关,x>=0时恒成立。你说由(1)得,我简单地理解为这是错误的引用。
真正的错误在 “所以f `(x)>=(1-2a)x 从而当1-2a>=0即a=0 又f(0)=0”
“f `(x)>=(1-2a)x ”把解的范围缩小了。如果1-2a=10^(-10)或许也会成立呢,如果它比前面正数部分小的话。
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