设函数f(x)对于任意x,y∈R,都有f(x+y)=f(x)+f(y),且x>0时,f(x)<0,f(1)=-2
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1.设x1,x2∈R且x1
0∵x>0时,f(x)<0∴f(x2-x1)<0又∵f(x+y)=f(x)+f(y)∴f(x2)=f[x1+(x2-x1)]=f(x1)+f(x2-x1)<f(x1)∴是减函数
2。令x=y=0,可得f(0)=f(0)+f(0)因此f(0)=0
令x=1,y=-1,可得f(0)=f(1)+f(-1)因f(1)=-2所以f(-1)=2因此有f(-2)=4;由题知f(2x+5)+f(6-7x)=f(2x+5+6-7x)=f(11-5x),因f(2x+5)+f(6-7x)大于4所以f(11-5x)>f(-2),上已证明f(x)是减函数
,所以11-5x<-2得x>13/5
0∵x>0时,f(x)<0∴f(x2-x1)<0又∵f(x+y)=f(x)+f(y)∴f(x2)=f[x1+(x2-x1)]=f(x1)+f(x2-x1)<f(x1)∴是减函数
2。令x=y=0,可得f(0)=f(0)+f(0)因此f(0)=0
令x=1,y=-1,可得f(0)=f(1)+f(-1)因f(1)=-2所以f(-1)=2因此有f(-2)=4;由题知f(2x+5)+f(6-7x)=f(2x+5+6-7x)=f(11-5x),因f(2x+5)+f(6-7x)大于4所以f(11-5x)>f(-2),上已证明f(x)是减函数
,所以11-5x<-2得x>13/5
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1.
∵
f(1)=f(1+0)=f(1)+f(0)
∴
f(0)=0
f(x-x)=f(x)+f(-x)=f(0)=0
∴f(x)=-f(-x)
所以,函数f(x)是奇函数,只用讨论f(x)在[0,+∞)上的单调性
设
x1>x2≥0
∴
x1-x2>0
f(x1)-f(x2)=f(x1)+f(-x2)=f(x1-x2)<0
所以,函数f(x)在[0,+∞)上单调递减
故函数f(x)在(-∞,+∞)是减函数
2.f(-2)=f(-1)+f(-1)=-f(1)-f(1)=-2f(1)=4
f(2x+5)+f(6-7x)=f(11-5x)>4=f(-2)
∵函数f(x)是减函数
∴
11-5x<-2
解得
x>13/5
∵
f(1)=f(1+0)=f(1)+f(0)
∴
f(0)=0
f(x-x)=f(x)+f(-x)=f(0)=0
∴f(x)=-f(-x)
所以,函数f(x)是奇函数,只用讨论f(x)在[0,+∞)上的单调性
设
x1>x2≥0
∴
x1-x2>0
f(x1)-f(x2)=f(x1)+f(-x2)=f(x1-x2)<0
所以,函数f(x)在[0,+∞)上单调递减
故函数f(x)在(-∞,+∞)是减函数
2.f(-2)=f(-1)+f(-1)=-f(1)-f(1)=-2f(1)=4
f(2x+5)+f(6-7x)=f(11-5x)>4=f(-2)
∵函数f(x)是减函数
∴
11-5x<-2
解得
x>13/5
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1.取任意的x和y>0,则有f(x+y)=f(x)+f(y)
x,所以是减函数
2.用第一问的结论求就是了
x,所以是减函数
2.用第一问的结论求就是了
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