【初二数学】
在△ABC中,∠ABC=90°,在边AC上取一点D,连接BD,使得∠BDA=∠BAD,过点C作CE⊥BD,交BD的延长线于点E,过点A作AF⊥BD于点F,过点D作DG⊥B...
在△ABC中,∠ABC=90°,在边AC上取一点D,连接BD,使得∠BDA=∠BAD,过点C作CE⊥BD,交BD的延长线于点E,过点A作AF⊥BD于点F,过点D作DG⊥BC于点G.
(1)求证:CE=CG;
(2)若AF=BG,试判断BF与DE之间的数量关系,并说明理由. 展开
(1)求证:CE=CG;
(2)若AF=BG,试判断BF与DE之间的数量关系,并说明理由. 展开
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(1)证明:∠BDA=∠BAD,∠BDA=∠4,则 ∠BAD=∠4,
DG⊥BC,CE⊥BD,则∠BAD+∠1=∠4+∠2=90°,则 ∠1=∠2,DC=DC,
故:△DCG≌△DCE,所以:CE=CG,DG=DE
(2)BF=DE
因 CE⊥BD,AF⊥BD,则CE∥AF,∠DAF=∠2=∠1,
∠BAD=∠BAF+∠DAF,∠4=∠DBG+∠1,所以∠BAF=∠DBG,AF=BG,
∠BFA=∠DGB=90°,则△BAF≌△DBG,所以:BF=DG=DE,即:BF=DE
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(1)证明:∠BDA=∠BAD,∠BDA=∠4,则 ∠BAD=∠4,
DG⊥BC,CE⊥BD,则∠BAD+∠1=∠4+∠2=90°,则 ∠1=∠2,DC=DC,
故:△DCG≌△DCE,所以:CE=CG,DG=DE
(2)BF=DE
因 CE⊥BD,AF⊥BD,则CE∥AF,∠DAF=∠2=∠1,
∠BAD=∠BAF+∠DAF,∠4=∠DBG+∠1,所以∠BAF=∠DBG,AF=BG,
∠BFA=∠DGB=90°,则△BAF≌△DBG,所以:BF=DG=DE,即:BF=DE
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(1)证明:∵∠CBD+∠ABF=90°;
∠BAF+∠ABF=90°.
∴∠BAF=∠CBD(同角的余角相等).
又∵AF⊥BE,CE⊥BE.
∴AF∥CE,∠DAF=∠2.
∴∠BAF+∠DAF=∠CBD+∠2.(等式性质)
即∠BAD=∠CBD+∠2.
∵∠3=∠BAD.
∴∠3=∠CBD+∠2.
又∵∠3=∠CBD+∠1.
∴∠1=∠2.又∠CGD=∠E=90°,CD=CD.
∴⊿CGD≌⊿CED(AAS),CG=CE.
(2)BF=DE.
证明:∵∠BDA=∠BAD.(已知)
∴AB=BD.
又∵AF=BG,∠AFB=∠BGD=90°.
∴Rt⊿AFB≌Rt⊿BGD(HL),BF=DG.
又∵⊿CGD≌⊿CED(已证).
∴DG=DE.
∴BF=DE.(等量代换)
∠BAF+∠ABF=90°.
∴∠BAF=∠CBD(同角的余角相等).
又∵AF⊥BE,CE⊥BE.
∴AF∥CE,∠DAF=∠2.
∴∠BAF+∠DAF=∠CBD+∠2.(等式性质)
即∠BAD=∠CBD+∠2.
∵∠3=∠BAD.
∴∠3=∠CBD+∠2.
又∵∠3=∠CBD+∠1.
∴∠1=∠2.又∠CGD=∠E=90°,CD=CD.
∴⊿CGD≌⊿CED(AAS),CG=CE.
(2)BF=DE.
证明:∵∠BDA=∠BAD.(已知)
∴AB=BD.
又∵AF=BG,∠AFB=∠BGD=90°.
∴Rt⊿AFB≌Rt⊿BGD(HL),BF=DG.
又∵⊿CGD≌⊿CED(已证).
∴DG=DE.
∴BF=DE.(等量代换)
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第一问
∠3=∠4=∠BAD=∠CDG
可以证明Rt△CDG≌Rt△CDE
DG=DE
第二问
AB=BD,AF=BG
可以证明Rt△ABF≌Rt△BDG
∴BF=DG=DE
∠3=∠4=∠BAD=∠CDG
可以证明Rt△CDG≌Rt△CDE
DG=DE
第二问
AB=BD,AF=BG
可以证明Rt△ABF≌Rt△BDG
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