设函数f(x)在[0,1]上连续,且f(x)<1,证明:方程2x=1+∫0xf(t)dt在[0,1]上只有一个实根

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【答案】:构造函数F(x)=2x-1-∫0xf(t)dtx∈[0,1],显然F(x)在[0,1]上连续且可导.
i)先证根的存在性.
F(0)=-1<0,F(1)=1-∫01f(t)dt.因为f(x)<1,且f(x)在[0,1]上连续,故f(t)df<1,进而F(1)=1-∫01f(t)dt>0,故由零点定理,至少存在一点c∈(0,1),使得F(c)=0,即方程2x=1+∫01f(t)dt在[0,1]上至少有一个实根.
ii)再证根的唯一性.
方法1:F'(x)=2-f(x)>0,故F(x)在[0,1]上单调增加,故由i),ii),方程2x=1+∫0xf(t)dt在[0,1]上只有一个实根.
方法2:(用反证法)假设方程F(x)=0在[0,1]上有两个实根x1,x2,(不,妨设x1<x2),则F(x1)=F(x2)=0,则由罗尔定理:存在一点ξ∈(x1,x2),使得F'(ξ)=0,又F'(x)=2-f(x),从而2-f(ξ)=0,即f(ξ)=2,这与已知条件f(x)<1矛盾,故假设不成立.所以方程2x=1+∫0xf(t)dt在[0,1]上只有一个实根.判断方程根的存在性问题一般可以考虑“零点定理”和“罗尔定理”,而判断根的唯一性可以用反证法或者函数的单调性.当然首先必须构造出恰当的函数.
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