(2012?南岗区二模)在△ABC中,已知∠BAC=45°,高线CD与高线AE相交于点H,连接DE.(1)如图1,△ABC为
(2012?南岗区二模)在△ABC中,已知∠BAC=45°,高线CD与高线AE相交于点H,连接DE.(1)如图1,△ABC为锐角三角形时,求证:AE-CE=2DE;(2)...
(2012?南岗区二模)在△ABC中,已知∠BAC=45°,高线CD与高线AE相交于点H,连接DE.(1)如图1,△ABC为锐角三角形时,求证:AE-CE=2DE;(2)如图2,在(1)的条件下,作∠AEC的平分线交AC于点F,连接DF交AE于点G,若BD=2CF,AE=6,求GH的长.
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解:(1)过点D作DN⊥DE交AE于点N.
∵CD⊥AD,∠BAC=45°,
∴∠ACD=45°,
∴AD=CD.
∵∠ADN+∠NDC=∠ADC=90°=∠NDC+∠EDC,
∴∠ADN=∠EDC,
∵高线CD与高线AE相交于点H,
∴∠DAH+∠B=90°,∠DCB+∠B=90°,
∴∠DAH=∠DCB,
在△ADN和△CDE中,
,
∴△ADN≌△CDE(ASA),
∴CE=AN,DE=DN,
∴∠DEN=45°,EN=
DE,
∴AE-EC=AE-AN=EN=
DE;
(2)由(1)可得:∠BED=45°,
∵AE⊥BC,
∴∠AEC=90°,EF平分∠AEC,
∴∠CEF=45°,
∴∠CEF=∠BED,∠CFE=180°-∠CEF-∠ACB=180°-45°-∠ACB,
∵∠BAC=45°,
∴∠B=180°-∠BAC-∠ACB=180°-45°-∠ACB,
∴∠B=∠CFE,
∴△DBE∽△CFE,
∴
=
,
∵BD=
CF,
∴DE=
EC,
设EC=x,则DE=
x,
由(1)结论可得:6-x=2x,
解得:x=2,
∴EC=2,DE=2
∵CD⊥AD,∠BAC=45°,
∴∠ACD=45°,
∴AD=CD.
∵∠ADN+∠NDC=∠ADC=90°=∠NDC+∠EDC,
∴∠ADN=∠EDC,
∵高线CD与高线AE相交于点H,
∴∠DAH+∠B=90°,∠DCB+∠B=90°,
∴∠DAH=∠DCB,
在△ADN和△CDE中,
|
∴△ADN≌△CDE(ASA),
∴CE=AN,DE=DN,
∴∠DEN=45°,EN=
2 |
∴AE-EC=AE-AN=EN=
2 |
(2)由(1)可得:∠BED=45°,
∵AE⊥BC,
∴∠AEC=90°,EF平分∠AEC,
∴∠CEF=45°,
∴∠CEF=∠BED,∠CFE=180°-∠CEF-∠ACB=180°-45°-∠ACB,
∵∠BAC=45°,
∴∠B=180°-∠BAC-∠ACB=180°-45°-∠ACB,
∴∠B=∠CFE,
∴△DBE∽△CFE,
∴
BD |
CF |
DE |
CE |
∵BD=
2 |
∴DE=
2 |
设EC=x,则DE=
2 |
由(1)结论可得:6-x=2x,
解得:x=2,
∴EC=2,DE=2
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