Question

设函数f（x）=x2+ax-lnx．（1）若a=1，试求函数f（x）的单调区间；（2）令g（x）=f(x)ex，若函数g（x）在

设函数f（x）=x2+ax-lnx．（1）若a=1，试求函数f（x）的单调区间；（2）令g（x）=f(x)ex，若函数g（x）在区间（0，1]上是减函数，求a的取值范围．

Answer 1

（1）当a=1时，f（x）=x²+x-lnx，定义域为（0，+∞），
∴f′（x）=2x+1-

1

x

=

2x2+x?1

x

=

(x+1)(2x?1)

x

，
∴当0＜x＜

1

2

，时f′（x）＜0，当x＞

1

2

时，f′（x）＞0，
∴f（x）在（0，

1

2

）上单调递减，在（

1

2

，+∞）上单调递增，
（2）g（x）=

f(x)

ex

=

x2+ax?lnx

ex

，定义域为（0，+∞），
g′（x）=

?x2+(2?a)x+a? 1 x +lnx

ex

，
令h（x）=?x2+(2?a)x+a?

1

x

+lnx，则h′（x）=-2x+

1

x2

+

1

x

+2-a，
h^″（x）=-2-

1

x3

-

1

x2

＜0，故h′（x）在区间（0，1]上单调递减，
从而对（0，1]，h′（x）≥h′（1）=2-a
①当2-a≥0，即a≤2时，h′（x）≥0，∴y=h（x）在区间（0，1]上单调递增，
∴h（x）≤h（1）=0，即F′（x）≤0，
∴y=F（x）在区间（0，1]上是减函数，a≤2满足题意；
②当2-a＜0，即a＞2时，由h′（1）＜0，h′（

1

a

）=-

2

a

+a²+2＞0，0＜

1

a

＜1，
且y=h′（x）在区间（0，1]的图象是一条连续不断的曲线，
∴y=h′（x）在区间（0，1]有唯一零点，设为x₀，
∴h（x）在区间（0，x₀）上单调递增，在（x₀，1]上单调递减，
∴h（x₀）＞h（1）=0，而h（e^-a）=-e^-2a+（2-a）e^-a+a-e^a+lne^-a＜0，
且y=h（x）在区间（0，1]的图象是一条连续不断的曲线，
y=h（x）在区间（0，1）有唯一零点，设为x′，
即y=F′（x）在区间（0，1）有唯一零点，设为x′，
又F（x）在区间（0，x′）上单调递减，在（x′，1）上单调递增，
矛盾，a＞2不合题意；
综上所得：a的取值范围为（-∞，2]．