求证一元多项式带余除法定理
对于任意给定的两个多项式f(x),g(x)(g(x)不为零多项式),则f(x)=q(x)*g(x)+r(x),r(x)的次数低于g(x)的次数求证:q(x)与r(x)存在...
对于任意给定的两个多项式f(x),g(x)(g(x)不为零多项式),则f(x)=q(x)*g(x)+r(x),r(x)的次数低于g(x)的次数
求证:q(x)与r(x)存在且唯一
设f(x)和g(x)分别为m.n次多项式
f(x) = amx^m + …… + a1x + a0
g(x) = bnx^n + …… + b1x + b0
若m<n,则令q(x)=0,r(x)=f(x),满足要求
下面证m≥n的情况。假设当m<k时的情况已证,现在看m=k的情形
记f1(x) = f(x) - (am/bn)n^(m-n)g(x)
则f1(x)的次数小于m
由归纳假设,存在q1(x)和r1(x),使得
f1(x) = q1(x)g(x) + r1(x),其中r1(x)次数小于g(x)次数
所以f(x) = (q1(x) + (am/bn)n^(m-n))g(x) + r1(x)
令q(x) = q1(x) + (am/bn)n^(m-n),r(x) = r1(x)
则m=k时结论也成立
所以存在性就证出来了
其中假设当m<k时的情况已证是什么意思 展开
求证:q(x)与r(x)存在且唯一
设f(x)和g(x)分别为m.n次多项式
f(x) = amx^m + …… + a1x + a0
g(x) = bnx^n + …… + b1x + b0
若m<n,则令q(x)=0,r(x)=f(x),满足要求
下面证m≥n的情况。假设当m<k时的情况已证,现在看m=k的情形
记f1(x) = f(x) - (am/bn)n^(m-n)g(x)
则f1(x)的次数小于m
由归纳假设,存在q1(x)和r1(x),使得
f1(x) = q1(x)g(x) + r1(x),其中r1(x)次数小于g(x)次数
所以f(x) = (q1(x) + (am/bn)n^(m-n))g(x) + r1(x)
令q(x) = q1(x) + (am/bn)n^(m-n),r(x) = r1(x)
则m=k时结论也成立
所以存在性就证出来了
其中假设当m<k时的情况已证是什么意思 展开
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