Question

一个放置在水平桌面上的木块，其质量为m=2kg，受到一个斜向下的，与水平方向成30°角的推力F=10N的作用

一个放置在水平桌面上的木块，其质量为m=2kg，受到一个斜向下的，与水平方向成30°角的推力F=10N的作用，使木块从静止开始运动，5s后撤去推力，若木块与地面间的摩擦因数µ=0.1，求木块在地面上运动的总位移。

Answer 1

由动能定理：
受力分析：
F合力＝F(cos30)－u{F(sin30)＋mg}＝ma
解得：a。v＝at
5秒内位移：m＝0.5a(t的平方）。
5秒后：由动能定理：
－umgs＝0－0.5m(v的平方)
总位移为：m＋s

Answer 2

对物体受力分析 前5秒受重力 弹力 摩擦力和力F 第一阶段 Fcos30-u(mg+Fsin30)=ma 又由x=1/2at^2 解得x 由能量守恒可得 Fcos30*x=u(mg+Fsin30)*S 求得S为 (750-125根下3) /4