html提交数据给php，jpgraph用php生成图片，如何在当前html中显示？
<html><formname="form1"method="post"action="a.php">............<inputtype="submit"val...
<html>
<form name="form1" method="post" action="a.php" >
......
......
<input type="submit" value="提交" >
</form>
<img src="a.php">
</html>
数据提交到a.php后 怎么让他还停留在当前页面并且从img显示刚才提交的数据（a.php是jpgraph绘的折线图）
用action对吗 还有其它修改的吗 展开
<form name="form1" method="post" action="a.php" >
......
......
<input type="submit" value="提交" >
</form>
<img src="a.php">
</html>
数据提交到a.php后 怎么让他还停留在当前页面并且从img显示刚才提交的数据（a.php是jpgraph绘的折线图）
用action对吗 还有其它修改的吗 展开
4个回答
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如果你的a.php只是显示数据那就不需要用到form，比如象这样
<script type="text/javascript">
function showimg()
{
var uid = document.getElementById("uid").value;
var uname = document.getElementById("uname").value;
document.getElementById('vimg').src="a.php?uid=" +uid+"&name=" +uname;
}
</script>
<input type="text" name="uid" id="uid" />
<input type="text" name="uname" id="uname" />
<input type="button" onClick="showimg();" value="Button" />
<img src="a.php" name="vimg" width="170" height="142" id="vimg" />
这样在你的a.php中接收这些数据然后绘制图片就行了
<script type="text/javascript">
function showimg()
{
var uid = document.getElementById("uid").value;
var uname = document.getElementById("uname").value;
document.getElementById('vimg').src="a.php?uid=" +uid+"&name=" +uname;
}
</script>
<input type="text" name="uid" id="uid" />
<input type="text" name="uname" id="uname" />
<input type="button" onClick="showimg();" value="Button" />
<img src="a.php" name="vimg" width="170" height="142" id="vimg" />
这样在你的a.php中接收这些数据然后绘制图片就行了
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<?php
session_start(); //启动session
$id=$_SESSION["id"];
//获取文件上传名
$file=$_FILES["upfile"];
//临时文件的路径和名称
$source=$file["tmp_name"]; //tmp_name系纺自带
//上传的路径和文件名
$file_name="files/".$file["name"];
//定义目录
$dir="files";
//判断files目录是否存在
if(!file_exists($dir))
{
//如果没有文件files就创建files
mkdir("files");
}
//判断是否为上传文件
if(is_uploaded_file($source))
{
//移动上传文件
if(move_uploaded_file($source,$file_name))
{
//连接数据库
$result=mysql_connect("localhost","root","");
//选择数据库
mysql_select_db("personaldb",$result);
$sql="insert into picTable (path,id) values('$file_name',$id)";
if(mysql_query($sql))
{
echo $file_name."上传成功！！";
}
else
{
echo $file_name."上传失败！！";
unlink($file_name); //删除文件
}
}
}
?>
不太知道你想要的。
session_start(); //启动session
$id=$_SESSION["id"];
//获取文件上传名
$file=$_FILES["upfile"];
//临时文件的路径和名称
$source=$file["tmp_name"]; //tmp_name系纺自带
//上传的路径和文件名
$file_name="files/".$file["name"];
//定义目录
$dir="files";
//判断files目录是否存在
if(!file_exists($dir))
{
//如果没有文件files就创建files
mkdir("files");
}
//判断是否为上传文件
if(is_uploaded_file($source))
{
//移动上传文件
if(move_uploaded_file($source,$file_name))
{
//连接数据库
$result=mysql_connect("localhost","root","");
//选择数据库
mysql_select_db("personaldb",$result);
$sql="insert into picTable (path,id) values('$file_name',$id)";
if(mysql_query($sql))
{
echo $file_name."上传成功！！";
}
else
{
echo $file_name."上传失败！！";
unlink($file_name); //删除文件
}
}
}
?>
不太知道你想要的。
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在前台处理后台数据，一定是用javaScript，那么解决方案有2个
1、将php取出的数据写入前台一个的隐藏的input标签内，再调用
<input type="hidden value="<?php echo $value ?>">
2、通过js利用ajax加载页面时同步或异步向后台请求数据。
1、将php取出的数据写入前台一个的隐藏的input标签内，再调用
<input type="hidden value="<?php echo $value ?>">
2、通过js利用ajax加载页面时同步或异步向后台请求数据。
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利用ajax提取显示一下数据。
追问
不会ajax 你可以简单写一下吗
追答
var url = 你的action的url+参数；
$.get("url",function(data){
你处理数据的过程，或者显示数据的语句；
});
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