如图1、2,已知抛物线y=ax 2 +bx+3经过点B(-1,0)、C(3,0),交y轴于点A. (1)求此抛物线的解析式

如图1、2,已知抛物线y=ax2+bx+3经过点B(-1,0)、C(3,0),交y轴于点A.(1)求此抛物线的解析式;(2)如图1,若M(0,1),过点A的直线与x轴交于... 如图1、2,已知抛物线y=ax 2 +bx+3经过点B(-1,0)、C(3,0),交y轴于点A. (1)求此抛物线的解析式;(2)如图1,若M(0,1),过点A的直线与x轴交于点D(4,0).直角梯形EFGH的上底EF与线段CD重合,∠FEH=90°,EF ∥ HG,EF=EH=1.直角梯形EFGH从点D开始,沿射线DA方向匀速运动,运动的速度为1个长度单位/秒,在运动过程中腰FG与直线AD始终重合,设运动时间为t秒.当t为何值时,以M、O、H、E为顶点的四边形是特殊的平行四边形;(3)如图2,抛物线顶点为K,KI⊥x轴于I点,一块三角板直角顶点P在线段KI上滑动,且一直角边过A点,另一直角边与x轴交于Q(m,0),请求出实数m的变化范围,并说明理由. 展开
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素淡还鲜丽灬纯真3
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(1)∵抛物线y=ax 2 +bx+3经过点B(-1,0)、C(3,0),
a-b+3=0
9a+3b+3=0

解得
a=-1
b=2

∴抛物线的解析式为y=-x 2 +2x+3.

(2)当直角梯形EFGH运动到E′F′G′H′时,过点F′作F′N⊥x轴于点N,延长E′H’交x轴于点P.
∵点M的坐标为(0,1),点A是抛物线与y轴的交点,
∴点A的坐标为(0,3).
∵OA=3,OD=4,
∴AD=5.
∵E′H′ OM,E′H′=OM=1,
∴四边形E′H′OM是平行四边形(当E′H′不与y轴重合时).
∵F′N y轴,NG′ x轴,
∴△F′ND △AOD.
F′N
AO
=
ND
OD
=
F′D
AD

∵直角梯形E′F′G′H′是直角梯形EFGH沿射线DA方向平移得到的,
∴F′D=t,
F′N
3
=
ND
4
=
t
5

F′N=
3t
5
,ND=
4t
5

∵E′F′=PN=1,
∴OP=OD-PN-ND=4-1-
4t
5
=3-
4t
5

∵E′P= F′N=
3t
5
,E′H′=1,
∴H′P=
3t
5
-1.
若平行四边形E′H′OM是矩形,则∠MOH′=90°,此时H′G′与x轴重合.
∵F′D=t,
F′N=
3t
5
=1
,即 t=
5
3

即当 t=
5
3
秒时,平行四边形EHOM是矩形.
若平行四边形E′H′OM是菱形,则OH′=1.
在Rt△H′OP中,OP 2 +H′P 2 =OH′ 2 ,即 (3-
4t
5
) 2 +(
3t
5
-1 ) 2 = 1 2

得t 2 -6t+9=0,解得t 1 =t 2 =3.
即当t=3秒时,平行四边形EHOM是菱形.
综上所述,当 t=
5
3
秒时,平行四边形EHOM是矩形,当t=3秒时,平行四边形EHOM是菱形.

(3)过A作AR⊥KI于R点,则AR=KR=1.
当Q在KI左侧时,△ARP △PIQ.
设PI=n,则RP=3-n,
1-m
3-n
=
n
1
,即n 2 -3n-m+1=0,
∵关于n的方程有解,△=(-3) 2 -4(-m+1)≥0,
得m≥ -
5
4

当Q在KI右侧时,
Rt△APQ中,AR=RK=1,∠AKI=45°可得OQ=5.即P为点K时,
∴m≤5.
综上所述,m的变化范围为: -
5
4
≤m≤5.
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