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(1)不管是加热还是保压,R0 和 L 都是串联,而且它们与其他电阻都是并联。所以,R0 和 L的电压之和恒为 220 V。
因为 L 在通路状态时电压恒为 2 V,所以,R0 的电压也是固定值:U0 = 220 - 2 = 218 V。
因为 L 发绿光,即电流满足 I′≥ mA;而 R0、L 串联,所以 R0 的电流亦满足 I0 = I′≥ mA。
所以,根据欧姆定律:I = U/R,得:
R0 = U0 / I0 ≤ 218 V / 40 mA = 5450 Ω;
即:R0 最大电阻为 5450 Ω;
(2)保压时,R2 的电压为:U2 = 220 V;
R2 的额定功率为:P2 = W / t = 0.2 kWh / 1 h = 0.2 kW;
根据电功率公式:P = U²/R,得:
R2 = (U2)²/P2 = (220 V)² / 0.2 kW = 242 Ω;
(3)根据功率公式:P = W/t,得正常工作 35 min,R1 做的功为:
W1 = P1·t = 800 W × 35 min = 1680 kJ
其中被水吸收的热量为:
Q = η·W1 = 1680 kJ × 90% = 1512 kJ
根据比热容公式:C = Q/(m·ΔT) 和密度公式:ρ= m/V 得加热 35min,水温升高量为:
ΔT = Q/(C·m)
= Q/(C·ρ·V)
= 1512 kJ / [4.2×10³J/(kg·℃) ·1.0×10³kg/m³ · 5L]
= 72℃
所以,35 min后,水温为:
T = T0 + ΔT = 20℃ + 72℃ = 92℃;
因为 L 在通路状态时电压恒为 2 V,所以,R0 的电压也是固定值:U0 = 220 - 2 = 218 V。
因为 L 发绿光,即电流满足 I′≥ mA;而 R0、L 串联,所以 R0 的电流亦满足 I0 = I′≥ mA。
所以,根据欧姆定律:I = U/R,得:
R0 = U0 / I0 ≤ 218 V / 40 mA = 5450 Ω;
即:R0 最大电阻为 5450 Ω;
(2)保压时,R2 的电压为:U2 = 220 V;
R2 的额定功率为:P2 = W / t = 0.2 kWh / 1 h = 0.2 kW;
根据电功率公式:P = U²/R,得:
R2 = (U2)²/P2 = (220 V)² / 0.2 kW = 242 Ω;
(3)根据功率公式:P = W/t,得正常工作 35 min,R1 做的功为:
W1 = P1·t = 800 W × 35 min = 1680 kJ
其中被水吸收的热量为:
Q = η·W1 = 1680 kJ × 90% = 1512 kJ
根据比热容公式:C = Q/(m·ΔT) 和密度公式:ρ= m/V 得加热 35min,水温升高量为:
ΔT = Q/(C·m)
= Q/(C·ρ·V)
= 1512 kJ / [4.2×10³J/(kg·℃) ·1.0×10³kg/m³ · 5L]
= 72℃
所以,35 min后,水温为:
T = T0 + ΔT = 20℃ + 72℃ = 92℃;
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第三题你错了。绝对错了。
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是方法错,还是计算错?
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1)不管是加热还是保压,R0 和 L 都是串联,而且它们与其他电阻都是并联。所以,R0 和 L的电压之和恒为 220 V。
因为 L 在通路状态时电压恒为 2 V,所以,R0 的电压也是固定值:U0 = 220 - 2 = 218 V。
因为 L 发绿光,即电流满足 I′≥ mA;而 R0、L 串联,所以 R0 的电流亦满足 I0 = I′≥ mA。
所以,根据欧姆定律:I = U/R,得:
R0 = U0 / I0 ≤ 218 V / 40 mA = 5450 Ω;
即:R0 最大电阻为 5450 Ω;
(2)保压时,R2 的电压为:U2 = 220 V;
R2 的额定功率为:P2 = W / t = 0.2 kWh / 1 h = 0.2 kW;
根据电功率公式:P = U²/R,得:
R2 = (U2)²/P2 = (220 V)² / 0.2 kW = 242 Ω;
(3)根据功率公式:P = W/t,得正常工作 35 min,R1 做的功为:
W1 = P1·t = 800 W × 35 min = 1680 kJ
其中被水吸收的热量为:
Q = η·W1 = 1680 kJ × 90% = 1512 kJ
根据比热容公式:C = Q/(m·ΔT) 和密度公式:ρ= m/V 得加热 35min,水温升高量为:
ΔT = Q/(C·m)
= Q/(C·ρ·V)
= 1512 kJ / [4.2×10³J/(kg·℃) ·1.0×10³kg/m³ · 5L]
T = T0 + ΔT = 20℃ + 72℃ = 92℃;
因为 L 在通路状态时电压恒为 2 V,所以,R0 的电压也是固定值:U0 = 220 - 2 = 218 V。
因为 L 发绿光,即电流满足 I′≥ mA;而 R0、L 串联,所以 R0 的电流亦满足 I0 = I′≥ mA。
所以,根据欧姆定律:I = U/R,得:
R0 = U0 / I0 ≤ 218 V / 40 mA = 5450 Ω;
即:R0 最大电阻为 5450 Ω;
(2)保压时,R2 的电压为:U2 = 220 V;
R2 的额定功率为:P2 = W / t = 0.2 kWh / 1 h = 0.2 kW;
根据电功率公式:P = U²/R,得:
R2 = (U2)²/P2 = (220 V)² / 0.2 kW = 242 Ω;
(3)根据功率公式:P = W/t,得正常工作 35 min,R1 做的功为:
W1 = P1·t = 800 W × 35 min = 1680 kJ
其中被水吸收的热量为:
Q = η·W1 = 1680 kJ × 90% = 1512 kJ
根据比热容公式:C = Q/(m·ΔT) 和密度公式:ρ= m/V 得加热 35min,水温升高量为:
ΔT = Q/(C·m)
= Q/(C·ρ·V)
= 1512 kJ / [4.2×10³J/(kg·℃) ·1.0×10³kg/m³ · 5L]
T = T0 + ΔT = 20℃ + 72℃ = 92℃;
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同学,伱道德败坏啊抄袭一楼的啊,嗯哼?
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(1)因为 L 发绿光,即电流≥ 40mA;L 的电压为 2 V,则R0 的电压:U0 = 220 - 2 = 218 V而 R0、L 串联,当电流I= 40mA时,R0最大。即:
R0 = U0 / I0 = 218 V / 40 mA = 5450 Ω;
(2)保压时,R1断开,R2 与R0的支路并联电压为:U2 = 220 V;
R2 的额定功率为:P2= W / t = 0.2 kWh / 1 h = 0.2 kW;
R2 = (U2)²/P2 = (220 V)² / 0.2 kW = 242 Ω;
(3)正常加热时,R1、R2 与R0的支路并联:加热电路是R1、R2 并联,它们的总功率为P = P1+P2=800W+200W=1000W。
工作35分钟,有:Q=90%W=90%Pt=1000W×35×60s×90%=cmΔt=4.2×10³J/(kg·℃) ·1.0×10³kg/m³ · 5L×Δt
Δt=90℃ 好像末温为20+90=110
但末温只能到105℃,过了105℃保压,且水温不变 。所以末温只能到105℃
R0 = U0 / I0 = 218 V / 40 mA = 5450 Ω;
(2)保压时,R1断开,R2 与R0的支路并联电压为:U2 = 220 V;
R2 的额定功率为:P2= W / t = 0.2 kWh / 1 h = 0.2 kW;
R2 = (U2)²/P2 = (220 V)² / 0.2 kW = 242 Ω;
(3)正常加热时,R1、R2 与R0的支路并联:加热电路是R1、R2 并联,它们的总功率为P = P1+P2=800W+200W=1000W。
工作35分钟,有:Q=90%W=90%Pt=1000W×35×60s×90%=cmΔt=4.2×10³J/(kg·℃) ·1.0×10³kg/m³ · 5L×Δt
Δt=90℃ 好像末温为20+90=110
但末温只能到105℃,过了105℃保压,且水温不变 。所以末温只能到105℃
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对了、你物理肿么这么好呢?嗯哼?
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教这门课
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