已知函数f(x)=alnx+x2,(a为常数)(1)若a=-2,求证:f(x)在...

已知函数f(x)=alnx+x2,(a为常数)(1)若a=-2,求证:f(x)在(1,+∞)上是增函数;(2)若存在x∈[1,e],使f(x)≤(a+2)x,求a的取值范... 已知函数f(x)=alnx+x2,(a为常数) (1)若a=-2,求证:f(x)在(1,+∞)上是增函数; (2)若存在x∈[1,e],使f(x)≤(a+2)x,求a的取值范围. 展开
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连白公潍
2020-05-22 · TA获得超过3658个赞
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解:(1)a=-2,f(x)=-2lnx+x2f′(x)=-2x+2x=2(x2-1)x,∵当x>1时,x2-1>0,∴f'(x)>0
故f(x)在(1,+∞)上是增函数.
(2)令g(x)=f(x)-(a+2)x,
若存在x∈[1,e]使f(x)≤(a+2)x等价于:当x∈[1,e]时,g(x)min≤0g′(x)=ax+2x-(a+2)=2x2-(a+2)x+ax=(x-1)(2x-a)x,x∈[1,e]
由g'(x)=0解得x1=1,x2=a2
(i)当a2≤1时,g'(x)>0,g(x)在[1,e]上单调增,g(x)min=g(1)=1-(a+2)≤0,∴-1≤a≤2
(ii)当1<a2<e时,
x
(1,a2)
a2
(a2,e)
f'(x)
-
0
+
f(x)

极小值
↗∴g(x)min=g(a2)=alna2-a24-a,∵0<lna2<1∴alna2-a<0
∴2<a<2e时,g(x)≤0恒成立.
(iii)当a2≥e时,g'(x)<0,g(x)在[1,e]上单调减g(x)min=g(e)=a+e2-(a+2)e≤0,∴a≥e2-2ee-1
又e2-2ee-1-2e=-e2e-1<0,∴a≥2e
综上可知,当a≥-1时,存在x∈[1,e]使f(x)≤(a+2)x.
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