Question

,如何实现ajax跳转到struts的action中,

java的问题,如何实现ajax跳转到struts的action中,我写的是一个删除,我点击删除 ，出来一框提示确认删除 点确定然后跳到我的action 但他不跳啊 看我的ajax代码

if(i>0){
if(confirm("确定要删除选择的记录吗？")){
$.ajax({
type:"post",
url:"delete.action",
async :false,
success:function(data){

}
});
document.getElementById("crud").submit();

}

//我把ajax写到这个地方没有错啊，我点击确定删除时就是走这里啊 我alert（）测试过了,求大神帮忙啊
$("#delete").bind("click",function(){
var i=0;
var delcheck=document.getElementsByName("id");
for(var j=0;j<delcheck.length;j++){
if(delcheck[j].checked){
i++;
}
}
if(i>0){
if(confirm("确定要删除选择的记录吗？")){
$.ajax({
type:"post",
url:"delete.action",
async :false,
success:function(data){

}
});
document.getElementById("crud").submit();

}
}
else{
alert("请至少选择一条需要删除的记录！");
}
});
});
</script>
这是全的删除框的

success:function(data){这个回调函数里面都写什么

Answer 1

我觉得你在瞎写。。。
首先明确下jquery使用ajax的方法，如果使用ajax提交数据，你的
“document.getElementById("crud").submit(); ”就是多余的，既然使用ajax和后台交互了，为啥还要用form表单提交呢？

另外success:function(data){}，这个函数是回调函数，也就是当ajax和后台交互完毕后，调用的方法，data是相应给ajax的字符串信息（也就是后台servlet输出的信息）。给你一个例子：
==================================
（Ajax）js代码：
function showInfo(){
$.ajax({
type:'post',//post方式提交
url:'abc.action',//提交的地址
async:false,//不采用异步交互机制
data:'username=admin&password=123',//要提交的数据
success:function(data){//回调处理函数，参数data是后台响应的字符串
alert(data);//弹出字符串，提示交互成功
}
});
}
//简单后台代码，直接使用servlet实现，你可以使用action
public void doRequest(HttpServletRequest request, HttpServletResponse response)
throws ServletException, IOException {
response.setContentType("text/html;charset=utf-8");
PrintWriter out = response.getWriter();
out.println("我是老丁");//这就是ajax里面data参数代表的信息
System.out.println(request.getParameter("username"));//获取ajax提交的username参数
System.out.println(request.getParameter("password"));//获取ajax提交的password参数
out.flush();
out.close();
}

Answer 2

使用Jquery的话，代码如下：
$.ajax({
type:"POST" ,
dataType:"json",
url:含有action的链接
data:{参数},
success:function(msg){
后台操作成功后，要做的操作

},
error:function(){
后台操作失败后，要做的操作
}
});
在你的代码中：
可以写成这样
var con = confirm("确定要删除选择的记录吗？");
if(con==true){
//删除操作

}else{
//其他操作

}

Answer 3

你ajax里面咋还有个submit？

追问

那个是提交啊 ,不加那个document.getElementById("crud").submit();？ 这个("crud")是我接收的form表单的id啊 我把那条删除了 还是不行啊 它就不跳转 急急急 这次跳转了啊 嘿嘿 但还是一点动静没有啊

追答

在你提交的post里面 要加入你的action需要的参数 回调函数是你服务器响应你请求以后 如果成功 回调函数就执行 至于你自己想实现什么逻辑 自己写就行了

追问

如何在ajax中插入参数啊 我要传id 但要怎么写啊,
$.ajax({
type:"post",
url:"delete.action",
async :false,
success:function(data){

}
});
这里面怎么加参数啊

追答

。。。。。。$.ajax的格式是这样的。。。。。。。。。。。。。。。

$.ajax({
url:'ajax_json.jsp',//后台处理程序
type:'post', //数据发送方式
dataType:'json', //接受数据格式
data:params, //要传递的数据
success:update_page //回传函数(这里是函数名)
});

追问

谢谢了啊 这块没有问题了 但是问下我的pojo中的id类型为BigDecimal行的,如何实现转换成int类型

我把pojo的id改成了integer的 就报这个错啊 还有我传id过去了 但他只能接收到第一个id啊 ssh框架刚学 嘿嘿 在servlet中可以接收两个啊 这里咋不行啊