线性代数的证明题
设n阶矩阵A=(aij)的特征值为λ1,λ2,……λn,证明:(1)λ1+λ2+……+λn=a11+a22+……+ann;(2)λ1•λ2•…...
设n阶矩阵A=(aij)的特征值为 λ1, λ2, …… λn,证明:
(1)λ1 +λ2 +……+λn=a11+a22+……+ann;
(2)λ1 •λ2 •…•λn=|A|.
没有,书上没有给出证明,所以我才来提问的 展开
(1)λ1 +λ2 +……+λn=a11+a22+……+ann;
(2)λ1 •λ2 •…•λn=|A|.
没有,书上没有给出证明,所以我才来提问的 展开
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特征方程|λEn-A|=0的根为λ1, λ2, … λn
则|λEn-A|=(λ-λ1)(λ-λ2)…(λ-λn)=λ^n-(∑λi)λ^(n-1)+…+(-1)^n(∏λi)
取λ=0,即得|-A|=(-1)^n(∏λi)
因而|A|=∏λi,即λ1 •λ2 •…•λn=|A|
再根据行列式定义可得,
|λEn-A|=(λ-a11)(λ-a22)…(λ-ann)+{(n!-1)个不含λ^n和λ^(n-1)的项}
=λ^n-(∑aii)λ^(n-1)+…+{(n!-1)个不含λ^n和λ^(n-1)的项}
比较上面两个|λEn-A|的两个展开式中λ^(n-1)的系数,即得
λ1 +λ2 +……+λn=a11+a22+……+ann
则|λEn-A|=(λ-λ1)(λ-λ2)…(λ-λn)=λ^n-(∑λi)λ^(n-1)+…+(-1)^n(∏λi)
取λ=0,即得|-A|=(-1)^n(∏λi)
因而|A|=∏λi,即λ1 •λ2 •…•λn=|A|
再根据行列式定义可得,
|λEn-A|=(λ-a11)(λ-a22)…(λ-ann)+{(n!-1)个不含λ^n和λ^(n-1)的项}
=λ^n-(∑aii)λ^(n-1)+…+{(n!-1)个不含λ^n和λ^(n-1)的项}
比较上面两个|λEn-A|的两个展开式中λ^(n-1)的系数,即得
λ1 +λ2 +……+λn=a11+a22+……+ann
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考虑矩阵A的特征多项式|λE-A|,这是一个行列式,其中不在主对角线上的元素为-aij,(i≠j),在主对角线上的元素为λ-aij,(i=j)
其展开式中,主对角线上的元素乘积为(λ-a11)(λ-a22)…(λ-ann)
展开式中其余各项至少包含n-2个主对角线上的元素,因此关于λ的次数最多是n-2。所以特征多项式中含有λ^n和λ^(n-1)的项只能出现在主对角元素的连成积中,它们是λ^n-(a11+a22+…+ann)λ^(n-1)
而在特征多项式中,只需令λ=0即得常数项为|-A|=[(-1)^n]|A|
因此A的特征多项式必定形如
f(λ)=λ^n-(a11+a22+…+ann)λ^(n-1)+…+[(-1)^n]|A|
现设A的n个特征的多项式值为λ1, λ2, …… λn,根据n次多项式根与系数的关系
λ1 +λ2 +……+λn=a11+a22+……+ann,λ1λ2…λn=|A|
由此还可以得到A有零特征根的充分必要条件为|A|=0,即A不可逆
这道题是一道比较抽象的证明题,在不知如何如手时可以先将已知条件表示成数学表达式,然后看看结论需要什么样的表达式,两头推理,这样有助于找到思路
其展开式中,主对角线上的元素乘积为(λ-a11)(λ-a22)…(λ-ann)
展开式中其余各项至少包含n-2个主对角线上的元素,因此关于λ的次数最多是n-2。所以特征多项式中含有λ^n和λ^(n-1)的项只能出现在主对角元素的连成积中,它们是λ^n-(a11+a22+…+ann)λ^(n-1)
而在特征多项式中,只需令λ=0即得常数项为|-A|=[(-1)^n]|A|
因此A的特征多项式必定形如
f(λ)=λ^n-(a11+a22+…+ann)λ^(n-1)+…+[(-1)^n]|A|
现设A的n个特征的多项式值为λ1, λ2, …… λn,根据n次多项式根与系数的关系
λ1 +λ2 +……+λn=a11+a22+……+ann,λ1λ2…λn=|A|
由此还可以得到A有零特征根的充分必要条件为|A|=0,即A不可逆
这道题是一道比较抽象的证明题,在不知如何如手时可以先将已知条件表示成数学表达式,然后看看结论需要什么样的表达式,两头推理,这样有助于找到思路
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你疯了吧,书上有的,这个谁能证明,谁NB
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