设函数f(x)的定义域是R,对于任意实数m,n,恒有恒有f(m+n)=f(m)×f(n),且x>0时
0<f(x)<1.(1)试求f(0)的值(2)证明:当x<0时,有f(x)>1;(3)判断f(x)的单调性并证明你的结论。...
0<f(x)<1.
(1)试求f(0)的值
(2)证明:当x<0时,有f(x)>1;
(3)判断f(x)的单调性并证明你的结论。 展开
(1)试求f(0)的值
(2)证明:当x<0时,有f(x)>1;
(3)判断f(x)的单调性并证明你的结论。 展开
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(1)令m=n=0 那么有f(0)=f(0)的平方
那么f(0)就等于0或1
若f(0)=0 那么令m=0 n>0那么f(m+n)=f(0+n)=f(0)*f(n)=0
这样对于任何n>0都有f(n)=0 这与条件x>0时0<f(x)<1矛盾
所以f(0)=1
(2)令n=-m 那么有f(m+n)=f(0)=f(m)*f(-m)=1
所以f(m)和f(-m)互为倒数
设m属于0到正无穷 那么f(m)就在0到1之间
所以其倒数f(-m)就在1到正无穷上 所以当x<0时,有f(x)>1【你用数学符号表示那些区间吧 我不好打】
(3)设n>0 那么对于对于实数m有f(m+n)=f(m)×f(n) 因为n>0 所以f(n)在0到1之间 又因为函数f(x)在R上恒大于0 所以f(m+n)<f(m) 又m+n>m
所以对于任意实数x2>x1 都有f(x1)>f(x2)
所以函数f(x)在R上单调递减
那么f(0)就等于0或1
若f(0)=0 那么令m=0 n>0那么f(m+n)=f(0+n)=f(0)*f(n)=0
这样对于任何n>0都有f(n)=0 这与条件x>0时0<f(x)<1矛盾
所以f(0)=1
(2)令n=-m 那么有f(m+n)=f(0)=f(m)*f(-m)=1
所以f(m)和f(-m)互为倒数
设m属于0到正无穷 那么f(m)就在0到1之间
所以其倒数f(-m)就在1到正无穷上 所以当x<0时,有f(x)>1【你用数学符号表示那些区间吧 我不好打】
(3)设n>0 那么对于对于实数m有f(m+n)=f(m)×f(n) 因为n>0 所以f(n)在0到1之间 又因为函数f(x)在R上恒大于0 所以f(m+n)<f(m) 又m+n>m
所以对于任意实数x2>x1 都有f(x1)>f(x2)
所以函数f(x)在R上单调递减
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