参考答案
第Ⅰ卷共21小题，每小题6分，共126分。
一、选择题：选对的给6分，选错或未选的给0分。
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13
答案 A C D C D B A D D B C A C
二、选择题：全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。
题号 14 15 16 17 18 19 20 21
答案 D AD C B CD B D B
第Ⅱ卷共10题，共174分。
22、（18分）
Ⅰ、（6分）
（1）①②或①③
（2）①③
（3）例如：“对同一高度进行多次测量取平均值”；
“选取受力后相对伸长尽量小的绳”；等等。
Ⅱ、（12分）
（1）连线如图
（2）7 6.3
23、（14分）
设物体的加速度为a，到达A的速度为v0，通过AB段和BC段所用的时间为t，则有
……………………………………………①
………………………………………②
联立①②式得
…………………………………………………③
………………………………………………④
设O与A的距离为 ，则有
………………………………………………………⑤
联立③④⑤式得
………………………………………………………⑥
24、（18分）
（1）设小球第一次到达最低点时，滑块和小球速度的大小分别为 、 ，则机械能守恒定律得
……………………………………………………①
小球由最低点向左摆动到最高点时，则机械能守恒定律得
………………………………………………②
联立①②式得
……………………………………………………………③
设所求的挡板阻力对滑块的冲量为I，规定动量方向向右为正，有
解得
………………………………………………………………④
（2）小球从开始释放到第一次到达最低点的过程中，设绳的拉力对小球做功为W，由动能定理得
………………………………………………………⑤
联立③⑤式得
小球从释放到第一次到达最低点的过程中，绳的拉力对小球做功的大小为 。
25、（22分）
（1）设磁场左边界与x轴相交于D点，与CO相交于O´点，则几何关系可知，直线OO´与粒子过O点的速度v垂直。在直角三角形OO´D中∠OO´D =30º。设磁场左右边界间距为d，则OO´=2d。依题意可知，粒子第一次进入磁场的运动轨迹的圆心即为O´点，圆孤轨迹所对的圆心角为30º，且O´A为圆弧的半径R。
由此可知，粒子自A点射入磁场的速度与左边界垂直。
A点到x轴的距离
…………①
由洛仑兹力公式、牛顿第二定律及圆周运动的规律，得
……………………②
联立①②式得
……………③
（2）设粒子在磁场中做圆周运动的周期为T，第一次在磁场中飞行的时间为t1，有
…………………………④
………………………⑤
依题意，匀强电场的方向与x轴正向夹角应为150º。由几何关系可知，粒子再次从O点进入磁场的速度方向与磁场右边夹角为60º。设粒子第二次在磁场中飞行的圆弧的圆心为 ， 必定在直线OC上。设粒子射出磁场时与磁场右边界交于P点，则∠O P=120º。设粒子第二次进入磁场在磁场中运动的时间为t2，有
………………………………⑥
设带电粒子在电场中运动的时间为t3，依题意得
……………………⑦
由匀变速运动的规律和牛顿定律可知
…………………………⑧
………………………………⑨
联立④⑤⑥⑦⑧⑨可得
…………………………⑩
（3）粒子自P点射出后将沿直线运动。设其由P´点再次进入电场，则几何关系知
……………………○11
三角形OPP´为等腰三角形。设粒子在P、P´两点间运动的时间为t4，有
……………………………○12
又由几何关系知 ……………○13
联立②○12○13式得
26、（16分）
（1）3MnO2+6KOH+KClO3 3K2MnO4+KCl+3H2O
（2）3Mn +4H+ = MnO2↓+2Mn +2H2O
（3）由上述两个化学方程式可知，反应物和生成物间的计量关系为：
MnO2 K2MnO4 KMnO4
87 158×
2.5×80% x
答：KMnO4的理论产量是2.4g
（4）2KMnO4+5Na2C2O4+8H2SO4 K2SO4+2MnSO4+5Na2SO4+10CO2↑+8H2O
（5）设该KMnO4的纯度为y，根据化学方程式可知
KMnO4———Na2C2O4
×158 134
0.165 × y 0.335
27、（15分）
（1）CaC2 CaO CO2 Ca(OH)2 C2H2
（2）Ca(OH)2+2CO2=Ca(HCO3)2
（3）
28、（13分）
（1）氧
（2）不需要，因有N2不断通入，b瓶溶液不会倒吸至a管
（3）MO+C M+CO↑ MO+CO M+CO2 CO2+C 2CO
2MO+C 2M+CO2↑
（4）需处理，因含有CO，可连接一个加热的装有CuO粉末的反应管
30、（24分）
Ⅰ（14分）
（1）不能
该部位对该矿质元素的吸收量等于输出量与积累量之和，只考虑B曲线只能得到积累量的数据，积累量不等于吸收量
（2）低 主动运输 减少
主动运输需要能量，缺氧时根细胞呼吸作用降低，产生能量减少
（3）能 不同
（4）相同 成熟区
Ⅱ（10分）
（1）②、④ ①、③
（2）局部 刺激
（3）左肌肉和右肌肉
31、（18分）
（1）不是。因为F1植株是杂合体，F2代性状发生分离。
（2）能。因为F1植物三对基因都是杂合的，F2代能分离出表现绿苗松穗白种皮的类型。
（3）紧穗黄种皮：紧穗白种皮：松穗黄种皮：松穗白种皮=9：3：3：1
（4）绿苗紧穗白种皮 aaBBdd； AabbDd 母
做人要厚道，满意请采纳，采纳请加分。
参考答案:
1.C
2.D
3.D
4.C
5.C
6.
A
7.C
8.B
9.D
10.B
11.A
12.B
13.C
14.B
15.A
16.AC
17.C
18.C
19.AD
20.B
21.D
22.(1)①竖直位移或↑↓
衰减或衰减调节
y增益
②
扫描范围
1k挡位
扫描微调
(2)①P点是在实验的第一步中小球1落点的平均位置
M点是小球1与小球2碰后小球1落点的平均位置
N点是小球2落点的平均位置
②小球从槽口C飞出后作平抛运动的时间相同，假设为
t,则有
小球2碰撞前静止，即
③OP与小球的质量无关，OM和ON与小的质量有关
23.
解:(1)设经过时间t，甲追上乙，则根据题意有vt-vt/2=13.5
将v=9代入得到:t=3s,
再有
v=at
解得:a=3m/s2
(2)在追上乙的时候，乙走的距离为s,
则:s=at2/2
代入数据得到
s=13.5m
所以乙离接力区末端的距离为∆s=20-13.5=6.5m
24.解:设:小球m的摆线长度为l
小球m在下落过程中与M相碰之前满足机械能守恒:
①
m和M碰撞过程满足:
②
③
联立
②③得:
④
说明小球被反弹，而后小球又以反弹速度和小球M发生碰撞，满足:
⑤
⑥
解得:
⑦
整理得:
⑧
所以:
⑨
而偏离方向为450的临界速度满足:
⑩
联立①
⑨
⑩代入数据解得，当n=2时，
当n=3时，
所以，最多碰撞3次
25
解:对于y轴上的光屏亮线范围的临界条件如图1所示:带电粒子的轨迹和x=a相切，此时r=a，y轴上的最高点为y=2r=2a
;
对于
x轴上光屏亮线范围的临界条件如图2所示:左边界的极限情况还是和x=a相切，此刻，带电粒子在右边的轨迹是个圆，由几何知识得到在x轴上的坐标为x=2a;速度最大的粒子是如图2中的实线，又两段圆弧组成，圆心分别是c和c’
由对称性得到
c’在
x轴上，设在左右两部分磁场中运动时间分别为t1和t2,满足
解得
由数学关系得到:
代入数据得到:
所以在x
轴上的范围是
26.(15分)
⑴钙，
氧
⑵CaS
CaC2
⑶SO2
SO3
⑷CO2+CaO=CaCO3
27.(15分)
A:Na2CO3
B:
Al2(SO4)3
C:
MgCl2
D:
Ba(OH)2
E:
NaHSO4(或Mg(HSO4)2)
28.(15分)
⑴除去水蒸气
除去CO2
⑵氧化铜(CuO)
CuO+H2△══Cu+H2O
CuO+CO△══Cu+CO2
⑶无水硫酸铜(CuSO4)
检验H2O
⑷(g-ab)-kj-hi-cd(或dc)-fe-lm
⑸原混合气中的CO2已被除去，其中CO与CuO反应生成的CO2使澄清石灰水变浑浊
⑹原混合气中的H2O已被除去，其中H2与CuO反应生成的H2O使无水硫酸铜由白色变为蓝色
29.(15分)
29.(15分)⑴
乙醇
⑵
CH3COOH+C2H5OH浓H2SO4---→△CH3COOC2H5+H2O
⑶
C9H10O3
水解反应
(填写其中一个结构简式即可)
⑸
或CH2=CH2+H2O催化剂---→CH3CH2OH(写任一个合理的反应式均可)
30.叶肉细胞
蓝色
均产生淀粉，淀粉遇碘变蓝
C4
C3
C3和C4
两
四碳化合物和三碳化合物
II.(1)得配制一定浓度梯度的生长素类似物溶液，比方说10-8、10-4、10和蒸留水，分别处理相同扦枝入土端，生根较多的为最适宜浓度。(2)减少蒸腾作用，湿度
31.雌
雌
X
Y
XbYb
XBXB、XBYb
XbXb、XbYb
XBXb
P:XbXb×XBYB
↓
↓
Xb
XB
YB
XbYB
XbXb×XbYB
↓
↓
Xb
Xb
YB
XbXb
XbYB
