一道高数题,求解释。。在线等
f(x)在【a,b】二阶可导,f’(a)=f’(b)=0,证明存在c∈(a,b)使得|f’’(c)|≥4/(b-a)2|f(a)-f(b)|上面那个(b-a)2的2是平方...
f(x)在【a,b】二阶可导,f’(a)=f’(b)=0,证明存在c∈(a,b)使得
|f’’(c)|≥4/(b-a)2|f(a)-f(b)|
上面那个(b-a)2 的2是平方。。我不会打,还有看不懂得再问我。 展开
|f’’(c)|≥4/(b-a)2|f(a)-f(b)|
上面那个(b-a)2 的2是平方。。我不会打,还有看不懂得再问我。 展开
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由泰勒公式
f(a+b/2)=f(a)+f'(a)*(b-a)/2+f''(c1)*(b-a)^2/8(^是平方的意思,c1属于[a,a+b/2])
由于f'(a)=0,所以
f(a+b/2)=f(a)+f''(c1)*(b-a)^2/8; ---A
同理再由泰勒公式
f(a+b/2)=f(b)+f''(c2)*(b-a)^2/8; (c2属于[a+b/2,b]) -----B
然后A式-B式得
0=f(a)-f(b)+[(b-a)^2/8]*[f''(c1)-f''(c2)]
得出
[f''(c1)-f''(c2)]/2=[f(b)-f(a)]*4/(b-a)^2
两边加绝对值
于是左边<=[|f''(c1)|+|f''(c2)|]/2
又因为f(x)二阶可导,所以f''(x)连续
所以|f''(x)|在【a,b】上有最大最小值,即有界的
所以必存在一个c属于【c1,c2】,使f''(c)=[|f''(c1)|+|f''(c2)|]/2
于是就得出存在c使|f''(c)|≥4/(b-a)^2|f(a)-f(b)|
搞定!其实主要就是后面那个绝对值得看出来,呵呵
f(a+b/2)=f(a)+f'(a)*(b-a)/2+f''(c1)*(b-a)^2/8(^是平方的意思,c1属于[a,a+b/2])
由于f'(a)=0,所以
f(a+b/2)=f(a)+f''(c1)*(b-a)^2/8; ---A
同理再由泰勒公式
f(a+b/2)=f(b)+f''(c2)*(b-a)^2/8; (c2属于[a+b/2,b]) -----B
然后A式-B式得
0=f(a)-f(b)+[(b-a)^2/8]*[f''(c1)-f''(c2)]
得出
[f''(c1)-f''(c2)]/2=[f(b)-f(a)]*4/(b-a)^2
两边加绝对值
于是左边<=[|f''(c1)|+|f''(c2)|]/2
又因为f(x)二阶可导,所以f''(x)连续
所以|f''(x)|在【a,b】上有最大最小值,即有界的
所以必存在一个c属于【c1,c2】,使f''(c)=[|f''(c1)|+|f''(c2)|]/2
于是就得出存在c使|f''(c)|≥4/(b-a)^2|f(a)-f(b)|
搞定!其实主要就是后面那个绝对值得看出来,呵呵
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