已知f(x)=x2+ax+a(a≤2,x∈R),g(x)=ex,φ(x)=f(x)g(x).(Ⅰ)当a=1时,求φ(x)的单调区间
已知f(x)=x2+ax+a(a≤2,x∈R),g(x)=ex,φ(x)=f(x)g(x).(Ⅰ)当a=1时,求φ(x)的单调区间;(Ⅱ)求φ(x)在x∈[1,+∞)是递...
已知f(x)=x2+ax+a(a≤2,x∈R),g(x)=ex,φ(x)=f(x)g(x).(Ⅰ)当a=1时,求φ(x)的单调区间;(Ⅱ)求φ(x)在x∈[1,+∞)是递减的,求实数a的取值范围;(Ⅲ)是否存在实数a,使φ(x)的极大值为3?若存在,求a的值;若不存在,请说明理由.
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(I)当a=1时,φ(x)=(x2+x+1)e-x.φ′(x)=e-x(-x2+x)
当φ′(x)>0时,0<x<1;当φ′(x)<0时,x>1或x<0
∴φ(x)单调减区间为(-∞,0),(1,+∞),单调增区间为(0,1);
(II)φ′(x)=e-x[-x2+(2-a)x]
∵φ(x)在x∈[1,+∞)是递减的,
∴φ′(x)≤0在x∈[1,+∞)恒成立,
∴-x2+(2-a)x≤0在x∈[1,+∞)恒成立,
∴2-a≤x在x∈[1,+∞)恒成立,
∴2-a≤1
∴a≥1
∵a≤2,1≤a≤2;
(III)φ′(x)=(2x+a)e-x-e-x(x2+ax+a)=e-x[-x2+(2-a)x]
令φ′(x)=0,得x=0或x=2-a:
由表可知,φ(x)极大=φ(2-a)=(4-a)ea-2
设μ(a)=(4-a)ea-2,μ′(a)=(3-a)ea-2>0,
∴μ(a)在(-∞,2)上是增函数,
∴μ(a)≤μ(2)=2<3,即(4-a)ea-2≠3,
∴不存在实数a,使φ(x)极大值为3.
当φ′(x)>0时,0<x<1;当φ′(x)<0时,x>1或x<0
∴φ(x)单调减区间为(-∞,0),(1,+∞),单调增区间为(0,1);
(II)φ′(x)=e-x[-x2+(2-a)x]
∵φ(x)在x∈[1,+∞)是递减的,
∴φ′(x)≤0在x∈[1,+∞)恒成立,
∴-x2+(2-a)x≤0在x∈[1,+∞)恒成立,
∴2-a≤x在x∈[1,+∞)恒成立,
∴2-a≤1
∴a≥1
∵a≤2,1≤a≤2;
(III)φ′(x)=(2x+a)e-x-e-x(x2+ax+a)=e-x[-x2+(2-a)x]
令φ′(x)=0,得x=0或x=2-a:
由表可知,φ(x)极大=φ(2-a)=(4-a)ea-2
设μ(a)=(4-a)ea-2,μ′(a)=(3-a)ea-2>0,
∴μ(a)在(-∞,2)上是增函数,
∴μ(a)≤μ(2)=2<3,即(4-a)ea-2≠3,
∴不存在实数a,使φ(x)极大值为3.
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