若非零函数f(x)对任意实数a,b均有f(a+b)=f(a)*f(b),且当x<0时,f(x)>1.求证:f(x)>0.且f(x)为减函数。若
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1)
证明:f(a+b)=f(a)f(b)
令a=b=0有:f(0+0)=f(0)f(0)即f(0)=f2(0)解:f(0)=0或1;
若f(0)=0, 令a=1,b=0有:f(1+0)=f(1)*f(0)=0即:f(1)=0
这与已知条件x>0时,f(x)>1相矛盾,
∴f(0)=1;
设x<0,则-x>0,f(0)=f(x+(-x))=f(x)*f(-x)=1;
又f(-x)>1
∴f(x)=1/f(-x)>0
∴f(x)>0
2)
设x1<x2,
在f(a+b)=f(a)f(b)中,令a=x1,b=x2-x1有:
f(x1+x2-x1)=f(x1)f(x2-x1)
即f(x2)=f(x1)f(x2-x1)
∴f(x1)-f(x2)=f(x1)-f(x1)f(x2-x1)
=f(x1)[1-f(x2-x1)]
又f(x1)>0, x2-x1>0,∴f(x2-x1)>1,∴1-f(x2-x1)<0
∴f(x1)-f(x2)<0
∴f(x)为增函数;(这里题目应该是出错了,前面已经证明f(0)=1,而已知条件x>0时,f(x)>1,不可能是减函数,只能是增函数。)
证明:f(a+b)=f(a)f(b)
令a=b=0有:f(0+0)=f(0)f(0)即f(0)=f2(0)解:f(0)=0或1;
若f(0)=0, 令a=1,b=0有:f(1+0)=f(1)*f(0)=0即:f(1)=0
这与已知条件x>0时,f(x)>1相矛盾,
∴f(0)=1;
设x<0,则-x>0,f(0)=f(x+(-x))=f(x)*f(-x)=1;
又f(-x)>1
∴f(x)=1/f(-x)>0
∴f(x)>0
2)
设x1<x2,
在f(a+b)=f(a)f(b)中,令a=x1,b=x2-x1有:
f(x1+x2-x1)=f(x1)f(x2-x1)
即f(x2)=f(x1)f(x2-x1)
∴f(x1)-f(x2)=f(x1)-f(x1)f(x2-x1)
=f(x1)[1-f(x2-x1)]
又f(x1)>0, x2-x1>0,∴f(x2-x1)>1,∴1-f(x2-x1)<0
∴f(x1)-f(x2)<0
∴f(x)为增函数;(这里题目应该是出错了,前面已经证明f(0)=1,而已知条件x>0时,f(x)>1,不可能是减函数,只能是增函数。)
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(1)
令a=b=x/2
f(x)=f(x/2)*f(x/2)=[f(x/2)]^2
非零函数f(x)
所以f(x)>0
(2)
令a=x1-x2 b=x2 且x1<x2
f(x1-x2+x2)=f(x1-x2)*f(x2)
f(x1)=f(x1-x2)*f(x2)
[x1-x2<0 f(x1-x2)>1
且f(x1)>0 f(x2)>0]
f(x1)/f(x2)>1
f(x1)>f(x2)
即得当x1<x2 f(x1)>f(x2)
所以f(x)为减函数
(3)
f(4)=f(2)*f(2) f(2)>0
所以f(2)=1/4
f(x-3)*f(5)<=1/4
f(x-3+5)<=f(2)
[f(x)为减函数]
x-3+5>=2
x>=0
令a=b=x/2
f(x)=f(x/2)*f(x/2)=[f(x/2)]^2
非零函数f(x)
所以f(x)>0
(2)
令a=x1-x2 b=x2 且x1<x2
f(x1-x2+x2)=f(x1-x2)*f(x2)
f(x1)=f(x1-x2)*f(x2)
[x1-x2<0 f(x1-x2)>1
且f(x1)>0 f(x2)>0]
f(x1)/f(x2)>1
f(x1)>f(x2)
即得当x1<x2 f(x1)>f(x2)
所以f(x)为减函数
(3)
f(4)=f(2)*f(2) f(2)>0
所以f(2)=1/4
f(x-3)*f(5)<=1/4
f(x-3+5)<=f(2)
[f(x)为减函数]
x-3+5>=2
x>=0
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你的题目没写清楚呢,且f(x)为减函数是条件还是要证明的。
因为f(a+b)=f(a)×f(b)
令a=1,b+0,即f(1+0)=f(1)×f(0)
f(1)=f(1)×f(0)
所以 f(0)=1
因为f(a+b)=f(a)×f(b)
令a=1,b+0,即f(1+0)=f(1)×f(0)
f(1)=f(1)×f(0)
所以 f(0)=1
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